2018-2019學年江蘇省蘇州八年級(下)期末數(shù)學模擬試卷
一、選擇題:(每題2分)
1.(2分)已知點M(?2,3)在雙曲線y= 上,則下列各點一定在該雙曲線上的是( 。
A.(3,?2) B.(?2,?3) C.(2,3) D.(3,2)
2.(2分)下列計算中,正確的是( )
A. B. C. D.
3.(2分)如圖,菱形OABC的頂點C的坐標為(3,4).頂點A在x軸的正半軸上,反比例函數(shù)y= (x>0)的圖象經(jīng)過頂點B,則k的值為( 。
A.12 B.20 C.24 D.32
4.(2分)下列說法正確的是( 。
A.對應(yīng)邊都成比例的多邊形相似
B.對應(yīng)角都相等的多邊形相似
C.邊數(shù)相同的正多邊形相似
D.矩形都相似
5.(2分)有五張卡片(形狀、大小、質(zhì)地都相同),正面分別畫有下列圖形:①線段;②正三角形;③平行四邊形;④等腰梯形;⑤圓.將卡片背面朝上洗勻,從中隨機抽取一張,正面圖形一定滿足既是軸對稱圖形,又是中心對稱圖形的概率是( )
A. B. C. D.
6.(2分)最簡二次根式 與 是同類二次根式,則a為( 。
A.a(chǎn)=6 B.a(chǎn)=2 C.a(chǎn)=3或a=2 D.a(chǎn)=1
7.(2分)如圖,在矩形ABCD中,AB=2,BC=4,對角線AC的垂直平分線分別交AD、AC于點E、O,連接CE,則CE的長為( )
A.3 B.3.5 C.2.5 D.2.8
8.(2分)已知y= + ?3,則xy=( 。
A.?15 B.?9 C.9 D.15
9.(2分)如圖,已知點A是一次函數(shù)y=2x的圖象與反比例函數(shù)y= 的圖象在第一象限內(nèi)的交點,AB⊥x軸于點B,點C在x軸的負半軸上,且∠ACB=∠OAB,△OAB的面積為4,則點C的坐標為( 。
A.(?8,0) B.(?6,0) C.(? ,0) D.(? ,0)
10.(2分)如圖,正方形ABCD中,AB=6,點E在邊CD上,且CD=3DE,將△ADE沿AE對折至△AFE,延長EF交邊BC于點G,連結(jié)AG、CF.下列結(jié)論:
①△ABG≌△AFG;②BG=GC;③AG∥CF;④∠GAE=45°;⑤S△FGC=3.6.
則正確結(jié)論的個數(shù)有( 。
A.2 B.3 C.4 D.5
二、填空題(本大題共8小題,每小題2分,共16分)
11.(2分)一元二次方程x2?4x=0的解是 。
12.(2分)點(3,a)在反比例函數(shù)y= 圖象上,則a= 。
13.(2分)如圖,在四邊形ABCD中,E、F分別是AB、AD的中點,若CD=2EF=4,BC=4 ,則∠C等于 。
14.(2分)已知關(guān)于x的方程 的解是正數(shù),則m的取值范圍是 。
15.(2分)如圖,矩形ABCD的邊AB與y軸平行,頂點A的坐標為(1,2),點B與點D在反比例函數(shù)y= (x>0)的圖象上,則點C的坐標為 。
16.(2分)某花木場有一塊如等腰梯形ABCD的空地(如圖),各邊的中點分別是E、F、G、H,用籬笆圍成的四邊形EFGH場地的周長為40cm,則對角線AC= cm.
17.(2分)如圖,將一寬為1dm的矩形紙條沿BC折疊,若∠CAB=30°,則折疊后重疊部分的面積為 dm2.
18.(2分)如圖,正方形CDEF內(nèi)接于Rt△ABC,AE=1,BE=2,則正方形的面積是 。
三、簡答題(本大題共10小題,共64分,解答應(yīng)寫出必要的計算過程、推算步驟或文字說明)
19.(4分)計算:(? )2+ ?2 .
20.(8分)解方程:
(1)2x2?5x?3=0;
(2) + = .
21.(5分)先化簡,再求值: ÷(a?1+ ),其中a是方程x2?x=6的根.
22.(6分)某學校開展課外體育活動,決定開設(shè)A:籃球、B:乒乓球、C:踢毽子、D:跑步四種活動項目.為了解學生最喜歡哪一種活動項目(每人只選取一種).隨機抽取了部分學生進行調(diào)查,并將調(diào)查結(jié)果繪成如下統(tǒng)計圖,請你結(jié)合圖中信息解答下列問題.
(1)樣本中最喜歡A項目的人數(shù)所占的百分比為 ,其所在扇形統(tǒng)計圖中對應(yīng)的圓心角度數(shù)為 度.
(2)請把條形統(tǒng)計圖補充完整.
(3)若該校有學生1200人,請根據(jù)樣本估計全校最喜歡踢毽子的學生人數(shù)約是多少?
23.(6分)閱讀下面的材料,回答問題:
解方程x4?5x2+4=0,這是一個一元四次方程,根據(jù)該方程的特點,它的解法通常是:
設(shè)x2=y,那么x4=y2,于是原方程可變?yōu)閥2?5y+4=0 ①,解得y1=1,y2=4.
當y=1時,x2=1,∴x=±1;
當y=4時,x2=4,∴x=±2;
∴原方程有四個根:x1=1,x2=?1,x3=2,x4=?2.
(1)在由原方程得到方程①的過程中,利用 法達到 的目的,體現(xiàn)了數(shù)學的轉(zhuǎn)化思想.
(2)解方程(x2+x)2?4(x2+x)?12=0.
24.(6分)如圖,在平面直角坐標系xOy中,一次函數(shù)y1=kx的圖象與反比例函數(shù)y2= 圖象交于A、B兩點.
(1)根據(jù)圖象,求一次函數(shù)和反比例函數(shù)解析式;
(2)根據(jù)圖象直接寫出kx> 的解集為 ;
(3)若點P在y軸上,且滿足以點A、B、P為頂點的三角形是直角三角形,試直接寫出點P所有可能的坐標為 .
25.(6分)如圖,在△ABC中,AB=12cm,BC=8cm,BD平分∠ABC交AC于點D,DE∥BC交AB于點E.(1)求證:BE=ED;
(2)求AE的長.
26.(7分)如圖,在△ABC中,AD是BC邊上的中線,E是AD的中點,過點A作BC的平行線交BE的延長線于點F,連接CF.
(1)求證:AF=DC;
(2)若AB⊥AC,試判斷四邊形ADCF的形狀,并證明你的結(jié)論.
27.(8分)如圖,在平面直角坐標系中,點A的坐標為(1,1), OA=OC,∠OAC=90°,點D為x 軸上一動點,以AD為邊在AD的右側(cè)作正方形ADEF.
(1)如圖 (1)當點D在線段OC上時(不與點O、C重合),則線段CF與OD之間的數(shù)量關(guān)系為 。晃恢藐P(guān)系為 。
(2)如圖(2)當點D在線段OC的延長線上時,(1)中的結(jié)論是否成立?若成立,請說明理由;若不成立,請舉一反例.
28.(8分)如圖,在平面直角坐標系中,直線y=? 4與x軸交于點A,與y軸交于點B,點P從點O出發(fā)沿OA以每秒1個單位長的速度向點A勻速運動,到達點A后立刻以原來的速度沿AO返回;點Q從A出發(fā)沿AB以每秒1個單位長的速度向點B勻速運動,當點P、Q運動時,DE保持垂直平分PQ,且交PQ于點D,交折線QB?BO?OP于點E.點P、Q同時出發(fā),當點Q到達點B時停止運動,點P也隨之停止,設(shè)點P、Q運動的時間為t秒(t>0).
(1)點Q的坐標是( , 。ㄓ煤瑃 的代數(shù)式表示);
(2)當點E在BO上時,四邊形QBED能否為直角梯形?若能,求出t的值;若不能,請說明理由;
(3)當t為何值時,直線DE經(jīng)過點O.
2018-2019學年江蘇省蘇州八年級(下)期末數(shù)學模擬試卷
參考答案與試題解析
一、選擇題:(每題2分)
1. (2分)已知點M(?2,3)在雙曲線y= 上,則下列各點一定在該雙曲線上的是( )
A.(3,?2) B.(?2,?3) C.(2,3) D.(3,2)
【解答】解:∵M(?2,3)在雙曲線y= 上,
∴k=?2×3=?6,
A、3×(?2)=?6,故此點一定在該雙曲線上;
B、?2×(?3)=6≠?6,故此點一定不在該雙曲線上;
C、2×3=6≠?6,故此點一定不在該雙曲線上;
D、3×2=6≠?6,故此點一定不在該雙曲線上;
故選:A.
2.(2分)下列計算中,正確的是( )
A. B. C. D.
【解答】解:A、二次根式的加法,實質(zhì)上是合并同類二次根式,不是同類二次根式,不能合并,故A錯誤;
B、二次根式相除,等于被開方數(shù)相除,故B正確;
C、根號外的也要相乘,等于9 ,故C錯誤;
D、根據(jù) =|a|,等于3,故D錯誤.
故選:B.
3.(2分)如圖,菱形OABC的頂點C的坐標為(3,4).頂點A在x軸的正半軸上,反比例函數(shù)y= (x>0)的圖象經(jīng)過頂點B,則k的值為( )
A.12 B.20 C.24 D.32
【解答】解:過C點作CD⊥x軸,垂足為D,
∵點C的坐標為(3,4),
∴OD=3,CD=4,
∴OC= = =5,
∴OC=BC=5,
∴點B坐標為(8,4),
∵反比例函數(shù)y= (x>0)的圖象經(jīng)過頂點B,
∴k=32,
故選:D.
4.(2分)下列說法正確的是( )
A.對應(yīng)邊都成比例的多邊形相似
B.對應(yīng)角都相等的多邊形相似
C.邊數(shù)相同的正多邊形相似
D.矩形都相似
【解答】解:A、對應(yīng)邊都成比例的多邊形,屬于形狀不唯一確定的圖形,故錯誤;
B、對應(yīng)角都相等的多邊形,屬于形狀不唯一確定的圖形,故錯誤;
C、邊數(shù)相同的正多邊形,形狀相同,但大小不一定相同,故正確;
D、矩形屬于形狀不唯一確定的圖形,故錯誤.
故選:C.
5.(2分)有五張卡片(形狀、大小、質(zhì)地都相同),正面分別畫有下列圖形:①線段;②正三角形;③平行四邊形;④等腰梯形;⑤圓.將卡片背面朝上洗勻,從中隨機抽取一張,正面圖形一定滿足既是軸對稱圖形,又是中心對稱圖形的概率是( 。
A. B. C. D.
【解答】解:∵五張形狀、質(zhì)地、大小完全相同的卡片上,正面分別 畫有:①線段;②正三角形;③平行四邊形;④等腰梯形;⑤圓,卡片的正面圖形既是中心對稱圖形,又是軸對稱圖形的有:線段、圓,
∴從中任意抽取一張,那么抽出卡片的正面圖形既是中心對稱圖形,又是軸對稱圖形的概率是: .
故選:B.
6.(2分)最簡二次根式 與 是同類二次根式,則a為( 。
A.a(chǎn)=6 B.a(chǎn)=2 C.a(chǎn)=3或a=2 D.a(chǎn)=1
【解答】解:由題意可得
a2+3=5a?3
解得a=2或a=3;
當a=3時, a2+3=5a?3=12,
不是最簡根式,因此a=3不合題意,舍去.
因此a=2.
故選:B.
7.(2分)如圖,在矩形ABCD中,AB=2,BC=4,對角線AC的垂直平分線分別交AD、AC于點E、O,連接CE,則CE的長為( 。
A.3 B.3.5 C.2.5 D.2.8
【解答】解:∵EO是AC的垂直平分線,
∴AE=CE,
設(shè)CE=x,則ED=AD?AE=4?x,
在Rt△CDE中,CE2=CD2+ED2,
即x2=22+(4?x)2,
解得x=2.5,
即CE的長為2.5.
故選:C.
8.(2分)已知y= + ?3,則xy=( 。
A.?15 B.?9 C.9 D.15
【解答】解:由題意得,x?5≥0且10?2x≥0,
解得x≥5且x≤5,
所以,x=5,
y=?3,
xy=5×(?3)=?15.
故選:A.
9.(2分)如圖,已知點A是一次函數(shù)y=2x的圖象與反比例函數(shù)y= 的圖象在第一象限內(nèi)的交點,AB⊥x軸于點B,點C在x軸的負半軸上,且∠ACB=∠OAB,△OAB的面積為4,則點C的坐標為( 。
A.(?8,0) B.(?6,0) C.(? ,0) D.(? ,0)
【解答】解:∵A在直線y=2x上,
∴設(shè)AB=2x,OB=x,
∵△OAB的面積為4,
∴ •x•2x=4,
解得:x=2,
∴AB=4,OB=2,
∵AB⊥OB,
∴∠ABO=∠ABO=90°,
∵∠ACB=∠OAB,
∴△AOB∽△CAB,
∴ = ,
∴ = ,
∴OC=6,
即C的坐標是(?6,0),
故選:B.
10.(2分)如圖,正方形ABCD中,AB=6,點E在邊CD上,且CD=3DE,將△ADE沿AE對折至△AFE,延長EF交邊BC于點G,連結(jié)AG、CF.下列結(jié)論:
①△ABG≌△AFG;②BG=GC;③AG∥CF;④∠GAE=45°;⑤S△FGC=3.6.
則正確結(jié)論的個數(shù)有( 。
A.2 B.3 C.4 D.5
【解答】解:∵正方形ABCD中,AB=6,
∴AD=CD=BC=6,
∵CD=3DE,
∴CD=2,DE=4,
∵△ADE沿AE對折至△AFE,
∴AF=AD=6,ED=EF=2,∠AFE=∠D=90°,
∴∠AFG=90°,
在Rt△ABG和Rt△AFG中
,
∴Rt△ABG≌Rt△AFG(HL),所以①正確;
∴BG=FG,
設(shè)BG=x,則GF=x,CG=6?x,
在Rt△CGE中,GE=GF+EF=x+2,CE=4,CG=x,
∵CG2+CE2=GE2,
∴x2+42=(x+2)2,解得x=3,
∴BG=3,
∴CG=BC?BG=3,
∴BG=CG,所以②正確;
∵GF=CG=3,
∴∠GFC=∠GCF,
而∠BGF=∠GFC+∠GCF,
∴∠BGF=2∠GCF,
∵Rt△ABG≌Rt△AFG,
∴∠BGA=∠FGA,
∴∠BGF=2∠BGA,
∴∠BGA=∠GCF,
∴AG∥CF,所以③正確;
∵△ADE沿A E對折至△AFE,
∴∠DAE=∠FAE,
∵Rt△ABG≌Rt△AFG,
∴∠BAG =∠FAG,
∴∠EAF+∠GAF= (∠DAF+∠BAF)= ×90°=45°,
即∠GAE=45°,所以④正確;
作FH⊥GC于H,如圖,
∴FH∥EC,
∴△G FH∽△GEC,
∴ = ,即 = ,解得FH= ,
∴S△GCF= ×3× =3.6,所以⑤正確.
故選:D.
二、填空題(本大題共8小題,每小題2分,共16分)
11.(2分)一元二次方程x2?4x=0的解是 x1=0,x2=4。
【解答】解:由原方程,得
x(x?4)=0,
解得x1=0,x2=4.
故答案是:x1=0,x2=4.
12.(2分)點(3,a)在反比例函數(shù)y= 圖象上,則a= 2。
【解答】解:∵點(3,a)在反比例函數(shù)y= 圖象上,
∴a= =2.
故答案為:2.
13.(2分)如圖,在四邊形ABCD中,E、F分別是AB、AD的中點,若CD=2EF=4,BC=4 ,則∠C等于 45°。
【解答】解:連接BD,
∵E、F分別是AB、AD的中點,
∴BD=2EF,
∵CD=2EF=4,
∴DB=4,
∵42+42=(4 )2,
∴∠CDB=90°,
∴∠C=45°.
14.(2分)已知關(guān)于x的方程 的解是正數(shù),則m的取值范圍是 m>?6且m≠?4。
【解答】解:解關(guān)于x的方程 得x=m+6,
∵x?2≠0,解得x≠2,
∵方程的解是正數(shù),
∴m+6>0且m+6≠2,
解這個不等式得m>?6且m≠?4.
故答案為:m>?6且m≠?4.
15.(2分)如圖,矩形ABCD的邊AB與y軸平行,頂點A的坐標為(1,2),點B與點D在反比例函數(shù)y= (x>0)的圖象上,則點C的坐標為。3,6)。
【解答】解:∵四邊形ABCD是矩形,頂點A的坐標為(1,2),
∴設(shè)B、D兩點的坐標分別為(1,y)、(x,2),
∵點B與點D在反比例函數(shù)y= (x>0)的圖象上,
∴y=6,x=3,
∴點C的坐標為(3,6).
故答案為:(3,6).
16.(2分)某花木場有一塊如等腰梯形ABCD的空地(如圖),各邊的中點分別是E、F、G、H,用籬笆圍成的四邊形EFGH場地的周長為40cm,則對角線AC= 20 cm.
【解答】解:∵等腰梯形的對角線相等,EF、HG、GF、EF均為梯形的中位線,∴EF=HG=GF=EF= AC.
又∵EF+HG+GF+EF=40cm,即2AC=40cm,則AC=20cm.對角線AC=20cm.
故答案為:20.
17.(2分)如圖,將一寬為1dm的矩形紙條沿BC折疊,若∠CAB=30°,則折疊后重疊部分的面積為 1 dm2.
【解答】解:作CD⊥AB,
∵CG∥AB,
∴∠1=∠2,
根據(jù)翻折不變性,∠1=∠BCA,
故∠2=∠BCA.
∴AB=AC.
又∵∠CAB=30°,
∴在Rt△ADC中,AC=2CD=2dm,
∴AB=2dm,
S△ABC= AB×CD=1dm2.
故答案為:1.
18.(2分)如圖,正方形CDEF內(nèi)接于Rt△ABC,AE=1,BE=2,則正方形的面積是 。
【解答】解:∵根據(jù)題意,易得△ADE∽△EFB,
∴BE:AE=BF:DE=EF:AD=2:1,
∴2DE=BF,2AD=EF=DE,
由勾股定理得,DE2+AD2=AE2,
解得:DE=EF= ,
故正方形的面積是( )2= ,
故答案為: .
三、簡答題(本大題共10小題,共64分,解答應(yīng)寫出必要的計算過程、推算步驟或文字說明)
19.(4分)計算:(? )2+ ?2 .
【解答】解:原式=3+4 ?3
=3+ .
20.(8分)解方程:
(1)2x2?5x?3=0;
(2) + = .
【解答】解:(1)由原方程,得
(x?3)(2x+1)=0,
解得 x1=3,x2=? ;
(2)去分母并整理,得
3(x?1)+(x+1)=6
解得 x=2.
經(jīng)檢驗,x=2是原方程的根.
所以原方程的解為x=2.
21.(5分)先化簡,再求值: ÷(a?1+ ),其中a是方程x2?x=6的根.
【解答】解:解方程x2?x=6得到:x1=3,x2=?2,
因為a是方程x2?x=6的根,
所以a=3或a=?2.
÷(a?1+ ),
= ÷ ,
= × ,
= .
當a=3時,原式= = .
當a=?2時,原式= =? .
22.(6分)某學校開展課外體育活動,決定開設(shè)A:籃球、B:乒乓球、C:踢毽子、D:跑步四種活動項目.為了解學生最喜歡哪一種活動項目(每人只選取一種).隨機抽取了部分學生進行調(diào)查,并將調(diào)查結(jié)果繪成如下統(tǒng)計圖,請你結(jié)合圖中信息解答下列問題.
(1)樣本中最喜歡A項目的人數(shù)所占的百分比為 40% ,其所在扇形統(tǒng)計圖中對應(yīng)的圓心角度數(shù)為 144 度.
(2)請把條形統(tǒng)計圖補充完整.
(3)若該校有學生1200人,請根據(jù)樣本估計全校最喜歡踢毽子的學生人數(shù)約是多少?
【解答】解:(1)本次抽查的學生人數(shù)是:15÷30%=50(人);
喜歡A:籃球的人數(shù)是:50?15?5?10=20(人),
則最喜歡A項目的人數(shù)所占的百分比為 ×100%=40%,
在扇形統(tǒng)計圖中A項目對應(yīng)的圓心角度數(shù)是360°× =144°;
故答案為:40%、144;
(2)補圖如下:
(3)根據(jù)題意得:1200× =120(人).
答:全校最喜歡踢毽子的學生人數(shù)約是120人.
23.(6分)閱讀下面的材料,回答問題:
解方程x4?5x2+4=0,這是一個一元四次方程,根據(jù)該方程的特點,它的解法通常是:
設(shè)x2=y,那么x4=y2,于是原方程可變?yōu)閥2?5y+4=0 ①,解得y1=1,y2=4.
當y=1時,x2=1,∴x=±1;
當y=4時,x2=4,∴x=±2;
∴原方程有四個根:x1=1,x2=?1,x3=2,x4=?2.
(1)在由原方程得到方程①的過程中,利用 換元 法達到 降次 的目的,體現(xiàn)了數(shù)學的轉(zhuǎn)化思想.
(2)解方程(x2+x)2?4(x2+x)?12=0.
【解答】解:(1)換元,降次
(2)設(shè)x2+x=y,原方 程可化為y2?4y?12=0,
解得y1=6,y2=?2.
由x2+x=6,得x1=?3,x2=2.
由x2+x=?2,得方程x2+x+2=0,
b2?4ac=1?4×2=?7<0,此時方程無實根.
所以原方程的解為x1=?3,x2=2.
24.(6分)如圖,在平面直角坐標系xOy中,一次 函數(shù)y1=kx的圖象與反比例函數(shù)y2= 圖象交于A、B兩點.
(1)根據(jù)圖象,求一次函數(shù)和反比例函數(shù)解析式;
(2)根據(jù)圖象直接寫出kx> 的解集為 x<?2或0<x<2。
(3)若點P在y軸上,且滿足以點A、B、P為頂點的三角形是直角三角形,試直接寫出點P所有可能的坐標為。0,4)、(0,?4)、(0,2 )、(0,?2 )。
【解答】解:(1)把B(2,?2)代入y1=kx得k=?1,
∴一次函數(shù)解析式為y1=?x;
把B(2,?2)代入y2= 得m=2×(?2)=?4,
∴反比例函數(shù)解析式為y2=? ;
(2)把x=?2代入y2=? 得y=2,
∴A點坐標為(?2,2),
∴當x<?2或0<x<2時,kx> ;
(3)設(shè)P點坐標為(0,t),而A(?2,2),B(2,?2),
∴PA2=22+(t?2)2,PB2=22+(t+2)2,AB2=42+42=32,
當∠APB=90°時,則PA2+PB2=AB2,即22+(t?2)2+22+(t+2)2=32,解得t=±2 ,此時P點坐標為(0,2 )或(0,?2 );
當∠PAB=90°時,則PA2+AB2=PB2,即22+(t?2)2+32=22+(t+2)2,解得t=4,此時P點坐標為(0,4);
當∠PBA=90°時,則PB2+AB2=PA2,即22+(t+2)2+32=22+(t?2)2,解得t=?4,此時P點坐標為(0,?4);
綜上所述,P點坐標為(0,4)、(0,?4)、(0,2 )、(0,?2 ).
故答案為x<?2或0<x<2;(0,4)、(0,?4)、(0,2 )、(0,?2 ).
25.(6分)如圖,在△ABC中,AB=12cm,BC=8cm,BD平分∠ABC交AC于點D,DE∥BC交AB于點E.(1)求證:BE=ED;
(2)求AE的長.
【解答】證明:(1)∵BD平分∠ABC交AC于點D,
∴∠ABD=∠DBC,
∵DE∥BC,
∴∠EDB=∠DBC,
∴∠EDB=∠EBD,
∴BE=ED;
(2)∵DE∥BC,
∴△AED∽△ABC,
∴ ,
設(shè)DE=xcm,則AE=12?x(cm),
∴
解得:x=4.8,
∴AE=12?x=7.2.
故AE的長是7.2cm.
26.(7分)如圖,在△ABC中,AD是BC邊上的中線,E是AD的中點,過點A作BC的平行線交BE的延長線于點F,連接CF.
(1) 求證:AF=DC;
(2)若AB⊥AC,試判斷四邊形ADCF的形狀,并證明你的結(jié)論.
【解答】(1)證明:∵AF∥BC,
∴∠AFE=∠DBE,
∵E是AD的中點,AD是BC邊上的中線,
∴AE=DE,BD=CD,
在△AFE和△DBE中
∴△AFE≌△DBE(AAS),
∴AF=BD,
∴AF=DC.
(2)四邊形ADCF是菱形,
證明:AF∥BC,AF=DC,
∴四邊形ADCF是平行四邊形,
∵AC⊥AB,AD是斜邊BC的中線,
∴AD= BC=DC,
∴平行四邊形ADCF是菱形.
27.(8分)如圖,在平面直角坐標系中,點A的坐標為(1,1),OA=OC,∠OAC=90°,點D為x 軸上一動點,以AD為邊在AD的右側(cè)作正方形ADEF.
(1)如圖(1)當點D在線段OC上時(不與點O、C重合),則線段CF與OD之間的數(shù)量關(guān)系為 相等。晃恢藐P(guān)系為 垂直。
(2)如圖(2)當點D在線段OC的延長線上時,(1)中的結(jié)論是否成立?若成立,請說明理由;若不成立,請舉一反例.
【解答】解:
(1)∵∠OAC=90°,∠DAF=90°
∴∠OAC=∠DAF
∴∠OAD=∠OAC?∠CAD=∠DAF?∠CAD=∠CAF
在△OAD和△CAF中
∴△OAD≌△CAF
∴OD=CF,∠AOD=∠ACF
∴∠OCF=∠OCA+∠ACF=∠OCA+∠AOC
在Rt△OAC中
∵∠OCA+∠AOC=90°
∴∠OCF=90°
∴OD⊥CF
故答案:相等; 垂直.
(2)(1)中結(jié)論依然成立,即OD=CF,OD⊥CF
∵∠OAC=90°,∠DAF=90°
∴∠OAC=∠DAF
∴∠OAD=∠OAC+∠CAD=∠DAF+∠CAD=∠CAF
在△OAD和△CAF中
∴△OAD≌△CAF
∴OD=CF,∠AOD=∠ACF
∴∠OCF=∠OCA+∠ACF=∠OCA+∠AOC
在Rt△OAC中
∵∠OCA+∠AOC=90°
∴∠OCF=90°
∴OD⊥CF
28.(8分)如圖,在平面直角坐標系中,直線y=? 4與x軸交于點A,與y軸交于點B,點P從點O出發(fā)沿OA以每秒1個單位長的速度向點A勻速運動,到達點A后立刻以原來的速度沿AO返回;點Q從A出發(fā)沿AB以每秒1個單位長的速度向點B勻速運動,當點P、Q運動時,DE保持垂直平分PQ,且交PQ于點D,交折線QB?BO?OP于點E.點P、Q同時出發(fā),當點Q到達點B時停止運動,點P也隨之停止,設(shè)點P、Q運動的時間為t秒(t>0).
(1)點Q的坐標是( 3? t , t。ㄓ煤瑃的代數(shù)式表示);
(2)當點E在BO上時,四邊形QBED能否為直角梯形?若能,求出t的值;若不能,請說明理由;
(3)當t為何值時,直線DE經(jīng)過點O.
【解答】解:(1)過點Q作QF⊥OA于點F,
∵直線y=? 4與x軸交于點A,與y軸交于點B,
∴點A(3,0),B(0,4),
∴在Rt△AOB中,AB= =5,
∵OA⊥OB,
∴QF∥OB,
∴△AQF∽△ABO,
∴ ,
∵AQ=t,
即 ,
∴AF= t,QF= t,
∴OF=OA?AF=3? t,
∴點Q的坐標為:(3? t, t);
故答案為:3? t, t;
(2)四邊形QBED能成為直角梯形.
①當0<t<3時,
∴AQ=OP=t,
∴AP=3?t.
如圖2,當DE∥QB時,
∵DE⊥PQ,
∴PQ⊥QB,四邊形QBED是直角梯形.
此時∠AQP=90°.
由△APQ∽△ABO,得 .
∴ = .
解得t= ;
如圖3,當PQ∥BO時,
∵DE⊥PQ,
∴DE⊥BO,四邊形QBED是直角梯形.
此時∠APQ=90°.
由△AQP∽△ABO,得 .
即 .
解得t= ;
②當3<t<5時,AQ=t,AP=t?3,
如圖2,當DE∥QB時,
∵DE⊥PQ,
∴PQ⊥QB,四邊形QBED是直角梯形.
此時∠AQP=90°.
由△APQ∽△ABO,得 .
∴ = .
解得t=? (舍去);
如圖3,當PQ∥BO時,
∵DE⊥PQ,
∴DE⊥BO,四邊形QBED是直角梯形.
此時∠APQ=90°.
由△AQP∽△ABO,得 .
即 .
解得t= >5(舍去);
綜上所述:t= 或 ;
(3)當t= 或 時,DE經(jīng)過點O.
理由:①如圖4,當DE經(jīng)過點O時,
∵DE垂直平分PQ,
∴EP=EQ=t,
由于P與Q運動的時間和速度相同,
∴AQ=EQ=EP=t,
∴∠AEQ=∠EAQ,
∵∠AEQ+∠BEQ=90°,∠EAQ+∠EBQ=90°,
∴∠BEQ=∠EBQ,
∴BQ=EQ,
∴EQ=AQ=BQ= AB
∴t= ,
②如圖5,當P從A向O運動時,
過點Q作QF⊥OB于F,
∵EP=6?t,
∴EQ=EP=6?t,
∵AQ=t,BQ=5?t,sin∠ABO= = ,cos∠ABO= = ,
∴FQ= (5?t)=3? t,BF= (5?t)=4? t,
∴EF=4?BF= t,
∵EF2+FQ2=EQ2,
即(3? t)2+( t)2=(6?t)2,
解得:t= .
∴當DE經(jīng)過點O時,t= 或 .
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