7A7NRLVR99992AR9 2014屆山東省師范大學附屬中學高三第三次模擬考試物理試卷（帶解析）試卷分析按題型統(tǒng)計（總題數(shù)：19題） 按難易統(tǒng)計（總體難度：0.56）選擇題15題(78.9%) 容易題1題(5.3%)填空題0題 較易題2題(10.5%)實驗題1題(5.3%) 一般題16題(84.2%)計算題3題(15.8%) 較難題0題作圖題0題 困難題0題簡答題0題1.我國“蛟龍?zhí)枴鄙顫撈鬟M行下潛試驗，從水面開始豎直下潛，最后返回水面，速度圖象如圖所示，則有A．本次下潛的最大深度為6mB．全過程中的最大加速度為0．025m／s2C．超重現(xiàn)象發(fā)生在3～4min和6～8min的時間段D．0～4min和6～10min兩時間段平均速度相同【答案】C【解析】試題分析： 圖象與坐標圍成的面積表示位移，則最大深度為：S=×(120+240)×2m＝360m，故A錯誤；第一秒內(nèi)加速度最大，a= m/s2＝0.033m/s2，故B錯誤；3-4min和6-8min的時間段加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，故C正確；0-4min內(nèi)的平均速度大小為 m/s＝1.5m/s，方向向下，6～l0min平均速度大小為： m/s＝1.5m/s，方向向上，故D錯誤．考點：勻變速直線運動的v-t圖像的理解與應用2.如圖所示，質(zhì)量為m的滑塊置于傾角為30°的粗糙斜面上，輕彈簧一端固定在豎直墻上的P點，另一端系在滑塊上，彈簧與豎直方向的夾角為30°，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，則A．滑塊一定受到三個力作用B．彈簧一定處于壓縮狀態(tài)C．斜面對滑塊的支持力大小可能為零D．斜面對滑塊的摩擦力大小一定等于mg【答案】D【解析】試題分析：彈簧與豎直方向的夾角為30°，所以彈簧的方向垂直于斜面，因為彈簧的形變情況未知，所以斜面與滑塊之間的彈力大小不確定，所以滑塊可能只受重力、斜面支持力和靜摩擦力三個力的作用而平衡，此時彈簧彈力為零，處于原長狀態(tài)，A、B錯誤；由于滑塊此時受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于mg），不可能為零，所以斜面對滑塊的支持力不可能為零，C錯誤；D正確．考點：共點力平衡的條件及其應用，力的合成與分解的運用3.在水平冰面上，一輛質(zhì)量為1×103kg的電動雪橇做勻速直線運動，關閉發(fā)動機后，雪橇滑行一段距離后停下來，其運動的v—t圖象如圖所示，那么關于雪橇運動情況以下判斷正確的是A．關閉發(fā)動機后，雪橇的加速度為-2 m／s2B．雪橇停止前30s內(nèi)通過的位移是150 mC．雪橇與水平冰面間的動摩擦因數(shù)約為0．03D．雪橇勻速運動過程中發(fā)動機的功率為5×103W【答案】D【解析】試題分析：關閉發(fā)動機后，雪橇的加速度為a= m/s2=-0.5m/s2，故A錯誤．雪橇停止前30s內(nèi)通過的位移是s=×(30+10)×10="200" m，故B錯誤．關閉發(fā)動機后，a==0.5m/s2，解得：μ=0.05，故C錯誤；雪橇勻速運動過程中發(fā)動機的功率為P=Fv=μmgv=5×103 W，故D正確．考點：功率的計算，滑動摩擦力，牛頓第二定律4.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一個半徑為R，粗細不計的圓管軌道．半徑OA水平、OB豎直，一個質(zhì)量為m的小球自A正上方P點由靜止開始自由下落，小球恰能沿管道到達最高點B，已知AP=2R，重力加速度為g，則小球從P到B的運動過程中A．重力做功2mgRB．機械能減少mgRC．合外力做功mgRD．克服摩擦力做功mgR【答案】B【解析】試題分析：重力做功與路徑無關，只與初末位置高度差有關，故WG=mgR，故A錯誤；小球恰能沿管道到達最高點B，得到B點速度為零，故小球從P到B的運動過程中，動能增加量為零，重力勢能減小量為mgR，故機械能減少量為mgR，故B正確；小球從P到B的運動過程中，合外力做功等于動能的增加量，為零，故C錯誤；由B選項分析得到機械能減小量為mgR，而機械能減小量等于克服摩擦力做的功，故克服摩擦力做功為mgR，故D錯誤．考點：功的計算，動能定理，功能關系：功的計算，動能定理，功能關系5.據(jù)悉，我省女宇航員王亞平搭乘“神舟十號”飛船于2015年6月上旬飛向太空，“神舟十號”發(fā)射初始軌道為近地點約200公里、遠地點約330公里的橢圓軌道，升空后再和目標飛行器“天宮一號”對接，并對其進行短暫的有人照管試驗，交會對接軌道為距地約343公里的近圓軌道。假設“神舟十號”飛船發(fā)射升空后，先后經(jīng)歷了多次變軌?調(diào)整到處于“天宮一號”目標飛行器后方約52km處，并與“天宮一號”處于同一離地面高度相同的圓形軌道上，最后與“天宮一號”實施對接，完成浪漫的“太空之吻”。忽略它們之間的萬有引力，則A．“神舟十號”與“天宮一號”受到地球吸引力的大小相等B．“神舟十號”由初始橢圓軌道變?yōu)樽罱K的圓形軌道時周期變長C．“天宮一號”的速度比地球同步衛(wèi)星速度小D．對接前，“神舟十號”欲追上“天宮一號”，必須在同一軌道上點火加速【答案】B【解析】試題分析：由萬有引力提供向心力，有，得：a＝，即“神舟八號”與“天宮一號”的加速度大小相等，由于“神舟十號”與“天宮一號”的質(zhì)量關系不清楚，所以“神舟十號”與“天宮一號”受到地球的吸引力大小關系不確定，故A錯誤； 由開普勒定律 可知“神舟十號”由初始橢圓軌道變?yōu)樽罱K的圓形軌道時軌道半長軸變大，周期變長，故B正確；由 ，得：v＝，“天宮一號”的軌道半徑小于同步軌道衛(wèi)星的軌道半徑，所以“天宮一號”的速度比地球同步衛(wèi)星速度大，故C錯誤；飛船加速后會做離心運動，軌道高度將會更高，故神舟十號應該在較低軌道加速，故D錯誤。考點：萬有引力定律及其應用6.一帶負電荷的質(zhì)點，在電場力作用下沿曲線abc從a運動到c，已知質(zhì)點的速率是遞增的。關于b點電場強度E的方向，下列圖示中可能正確的是(虛線是曲線在b點的切線)【答案】B【解析】試題分析：A圖中電荷做曲線運動，電場力與速度方向不在同一直線上，應指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，不可能沿軌跡的切線方向，則場強也不可能沿軌跡的切線方向，故A錯誤．B圖中負電荷所受的電場力方向與場強方向相反，圖中電場力方向與速度方向的夾角為銳角，電場力做正功，電荷的速率增大，與題相符，故B正確．C圖中場強方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，則電場力指向軌跡的外側(cè)，電荷的軌跡應向上彎曲，不可能沿如圖的軌跡運動，故C錯誤．D圖中場強方向指向軌跡的外側(cè)，則電場力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，而且電場力方向與電荷的速度方向成鈍角，電場力做負功，電荷的速率減小，不符合題意．故D錯誤．考點：電場強度，向心力，電場中的軌跡問題A．U變小，Ep不變B．E變大,Ep不變C．U變大，Ep不變D．U不變，Ep不變【答案】A【解析】試題分析：平行板電容器充電后與電源斷開，電量Q不變，將正極板移到圖中虛線所示的位置時，d減小，根據(jù)C=知，電容增大，根據(jù)U=可知，電勢差減小．E=，知電場強度不變．則P與負極板間的電勢差不變，P點的電勢不變，正電荷在P點的電勢能不變，故A正確．考點：電容器的動態(tài)分析【答案】B【解析】試題分析：設地磁場磁感應強度為B地，當通過電流為I，根據(jù)題意可知：地磁場、電流形成磁場、合磁場之間的關系為： 當夾角為30°時，有：B1=kI=B地tan30° ①當夾角為60°時，有：B2=kI1=B地tan60° ②由①②解得：I1=3I，故B正確．考點：矢量合成的平行四邊形定則A．電壓表和電流表讀數(shù)都增大B．電壓表和電流表讀數(shù)都減小C．電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小D．電壓表讀數(shù)減小，電流表讀數(shù)增大【答案】A【解析】試題分析：當觸頭向b滑動時，R接入電路的電阻增大，總電阻增大，由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流減小，則內(nèi)電壓減小，由U=E-Ir可知路端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大；因路端電壓增大，R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)部分電壓增大，由歐姆定律可知電流表示數(shù)增大，故A正確�？键c：閉合電路的歐姆定律，直流電路的動態(tài)分析問題10.如圖所示：一帶電液滴在水平向左的勻強電場中由靜止釋放，液滴沿直線由b運動到d直線bd方向與豎直方向成45°角，則下列結(jié)論正確的是A．液漓帶正電荷B．液滴的動能不變、C．液滴做勻速直線運動D．液滴的電勢能減少【答案】D【解析】試題分析： 由題意可知，帶電液滴只受重力和電場力作用，兩個力都是恒力，其合力沿bd方向，則電場力必定水平向右，故液滴帶負電荷，做勻加速直線運動；合力做正功，據(jù)動能定理知，動能增大；電場力對液滴做正功，液滴的電勢能減少，故D正確． 考點：電勢能，電場強度，動能定理11.下列表述正確的是A．庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷間相互作用規(guī)律B．法拉第最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場C．行星在圓周軌道上保持勻速率運動的性質(zhì)是慣性D．安培發(fā)現(xiàn)了磁場對運動電荷的作用規(guī)律【答案】AB【解析】試題分析：庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律——庫侖定律，A正確；法拉第最早提出了場的概念，即用電場線和磁感線形象的描述電場和磁場，B正確；慣性是物體不受外力作用時保持靜止或勻速直線運動的性質(zhì)，C錯誤；洛倫茲首先發(fā)現(xiàn)磁場對運動電荷的作用規(guī)律，D錯誤�？键c：物理學史12.如圖所示，固定坡道傾角為θ，頂端距光滑水平面的高度為h，一可視為質(zhì)點的小物塊質(zhì)量為m，從坡道頂端由靜止滑下，經(jīng)過底端O點進入水平面時無機械能損失，為使小物塊制動將輕彈簧的一端固定在水平面左側(cè)M處的豎直墻上，彈簧自由伸長時右側(cè)一端恰好位于O點。已知小物塊與坡道間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g,則下列說法正確的是A．小物塊在傾斜軌道上運動時，下滑的加速度比上滑的加速度小B．當小物塊壓縮彈簧到最短時，物塊的重力勢能完全轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能C．小物塊返回傾斜軌道時所能達到的最大高度為D．小物塊在往返運動的整個過程中損失的機械能為mgh【答案】ACD【解析】試題分析：小物塊在傾斜軌道上運動時，下滑的加速度大小，上滑的加速度大小，故A正確；由于在傾斜軌道上運動時要克服摩擦力做功，所以當小物塊壓縮彈簧到最短時，物塊的重力勢能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能和摩擦熱，故B錯誤；由動能定理得下滑到O點時mgh-μmgcosθ?=mv2，又水平道光滑，由機械能守恒定律得mv2＝Ep，設小物塊返回2015屆山東省師范大學附屬中學高三第三次模擬考試物理試卷（帶解析）
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