屯溪一中2013~2014學(xué)年度第一學(xué)期高三年級(jí)第三次月考物 理 試 卷一、單選題(12(3=36分,每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意,將答案填寫(xiě)在答題卷的表格中) 1.如圖所示,某人靜躺在椅子上,椅子的靠背與水平面之間有固定傾斜角θ.若此人所受重力為G,則椅子各部分對(duì)他的作用力的合力大小為( ) A.G B.G sinθC.G cosθ D.G tanθ【答案】A【gkstk解析】人受多個(gè)力處于平衡狀態(tài),人受力可以看成兩部分,一部分是重力,另一部分是椅子各部分對(duì)他的作用力的合力;根據(jù)平衡條件得椅子各部分對(duì)他的作用力的合力與重力等值,反向,即大小是G。故選A。【考點(diǎn)】力的合成 2.如圖所示,自動(dòng)卸貨車(chē)始終靜止在水平地面上,車(chē)廂在液壓機(jī)的作用下,θ角逐漸緩慢增大且貨物相對(duì)車(chē)廂靜止的過(guò)程中,下列說(shuō)法不正確的是 ( ) A.貨物受到的摩擦力增大 B.貨物受到的支持力變小 C.貨物受到的支持力對(duì)貨物做正功D.貨物受到的摩擦力對(duì)貨物做負(fù)功【答案】D【gkstk解析】AB、貨物處于平衡狀態(tài),則有:,θ增大時(shí),f增大,N減小,故AB正確;C、貨物受到的支持力的方向與位移方向的夾角小于90°,做正功,故C正確;D、摩擦力的方向與位移方向垂直,不做功,故D錯(cuò)誤。故選D!究键c(diǎn)】功;滑動(dòng)摩擦力;靜摩擦力和最大靜摩擦力 3.一個(gè)質(zhì)量為2kg的物體,在六個(gè)恒定的共點(diǎn)力作用下處于平衡狀態(tài).現(xiàn)同時(shí)撤去大小分別為15N和20N的兩個(gè)力而其余力保持不變,關(guān)于此后該物體運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法中正確的是( ) A.一定做勻變速直線運(yùn)動(dòng),加速度大小可能是5m/s2 B.一定做勻變速運(yùn)動(dòng),加速度大小可能是15m/s2 C.可能做勻減速直線運(yùn)動(dòng),加速度大小是2m/s2D.可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng),向心加速度大小可能是5m/s2 【答案】B【gkstk解析】根據(jù)平衡條件得知,余下力的合力與撤去的兩個(gè)力的合力大小相等、方向相反,則撤去大小分別為15N和20N的兩個(gè)力后,物體的合力大小范圍為,物體的加速度范圍為:;A、若物體原來(lái)做勻速直線運(yùn)動(dòng),撤去的兩個(gè)力的合力方向與速度方向不在同一直線上或與速度方向相同時(shí),物體做曲線運(yùn)動(dòng)或勻減速直線運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤;B、由于撤去兩個(gè)力后其余力保持不變,則物體所受的合力不變,一定做勻變速運(yùn)動(dòng),加速度大小可能等于15m/s2,故B正確;C、若物體原來(lái)做勻速直線運(yùn)動(dòng),撤去的兩個(gè)力的合力方向與速度方向相同時(shí),物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng),故C正確;D、由于撤去兩個(gè)力后其余力保持不變,恒力作用下不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng),故D錯(cuò)誤。故選B!究键c(diǎn)】牛頓第二定律;力的合成與分解的運(yùn)用 4.如圖,輕質(zhì)彈簧的上端固定在電梯的天花板上,彈簧下端懸掛一個(gè)小鐵球,在電梯運(yùn)行時(shí),乘客發(fā)現(xiàn)彈簧的伸長(zhǎng)量比電梯靜止時(shí)的伸長(zhǎng)量大了,這一現(xiàn)象表明 ( ) A.乘客一定處在超重狀態(tài) B.電梯一定是在下降 C.電梯一定是在上升 D.電梯的加速度方向一定是向下【答案】A【gkstk解析】彈簧的伸長(zhǎng)量比電梯靜止時(shí)的伸長(zhǎng)量大了,說(shuō)明彈簧彈力變大了,所以加速度向上,但是不能判斷速度方向;故選A!究键c(diǎn)】牛頓第二定律;超重失重 5.如圖所示,一圓盤(pán)可繞一通過(guò)圓心且垂直于盤(pán)面的豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng),在圓盤(pán)上放一塊橡皮,橡皮塊隨圓盤(pán)一起轉(zhuǎn)動(dòng)(俯視為逆時(shí)針).某段時(shí)間圓盤(pán)轉(zhuǎn)速不斷增大,但橡皮塊仍相對(duì)圓盤(pán)靜止,在這段時(shí)間內(nèi),關(guān)于橡皮塊所受合力F的方向的四種表示(俯視圖)中,正確的是 ( )【答案】C【gkstk解析】圓盤(pán)轉(zhuǎn)速不斷增大,說(shuō)明橡皮做的是加速圓周運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有兩個(gè)加速度,即向心加速度和切向加速度,向心加速度指向圓心,切向加速度沿軌跡切線,所以和加速度方向和圖C相同,故橡皮塊所受合力F的方向和圖C相同。故選C!究键c(diǎn)】圓周運(yùn)動(dòng);加速度;矢量的合成 6.一質(zhì)量為M的人手握長(zhǎng)為l輕繩(不可伸長(zhǎng))一端,繩的另一端栓一質(zhì)量為m的小球,今使小球在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng),若小球剛好能經(jīng)過(guò)圓周的最高點(diǎn),則在小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,下面說(shuō)法正確的是 ( ) A.人對(duì)地面的最小壓力等于Mg B.人對(duì)地面的最小壓力大于MgC.人對(duì)地面的最大壓力等于(M+m)g D.人對(duì)地面的最大壓力大于(M+m)g【答案】D【gkstk解析】AB、在上半個(gè)圓周內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)(除去最高點(diǎn)),輕繩對(duì)小球和人都有拉力,其中對(duì)人的拉力斜向上,所以人對(duì)地面的壓力小于Mg,故AB錯(cuò)誤;CD、小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí),對(duì)整體,得,由牛頓第三定律可知人對(duì)地面的最大壓力大于(M+m)g,故C錯(cuò)誤D正確;故選D!究键c(diǎn)】圓周運(yùn)動(dòng);向心力;牛頓第二定律 7.2015年12月27日,我國(guó)自行研制的“北斗導(dǎo)航衛(wèi)星系統(tǒng)”(BDS)正式組網(wǎng)投入商用.2015年9月采用一箭雙星的方式發(fā)射了該系統(tǒng)中的兩顆圓軌道半徑均為21332km的“北斗-M5”和“北斗M-6”衛(wèi)星,其軌道如圖所示。關(guān)于這兩顆衛(wèi)星,下列說(shuō)法正確的是 ( ) A.兩顆衛(wèi)星的向心加速度相同 B.兩顆衛(wèi)星的速率均小于7.9 m/s C.北斗-M6的速率大于同步衛(wèi)星的速率D.北斗-M5的運(yùn)行周期大于地球自轉(zhuǎn)周期【答案】C【gkstk解析】A、根據(jù)知,軌道半徑相等,則向心加速度大小相等,故A錯(cuò)誤;B、根據(jù)知,軌道半徑越大,線速度越小,第一宇宙速度的軌道半徑等于地球的半徑,是做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度,所以兩顆衛(wèi)星的速度均小于7.9km/s,故B錯(cuò)誤;C、北斗-M6的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑,則線速度大于同步衛(wèi)星的速率,故C正確;D、因?yàn)楸倍?M6的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑,根據(jù)知,北斗-M6的周期小于同步衛(wèi)星的周期,即小于地球自轉(zhuǎn)的周期,故D錯(cuò)誤。故選C!究键c(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系;萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用 8.如圖所示,“嫦娥一號(hào)”探月衛(wèi)星進(jìn)入月球軌道后,首先在橢圓軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng),P、Q兩點(diǎn)是軌道Ⅰ的近月點(diǎn)和遠(yuǎn)月點(diǎn),Ⅱ是衛(wèi)星繞月做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道,軌道Ⅰ和Ⅱ在P點(diǎn)相切,關(guān)于該探月衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng),下列說(shuō)法正確的是( ) A.衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)周期大于在軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)的周期 B.衛(wèi)星由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ必須要在P點(diǎn)加速 C.衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)時(shí),P點(diǎn)的速度小于Q點(diǎn)的速度D.衛(wèi)星在軌道Ⅰ上運(yùn)動(dòng)時(shí),P點(diǎn)的加速度小于Q點(diǎn)的加速度【答案】A【gkstk解析】A、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律得,,知衛(wèi)星在軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)的半徑小于在軌道I運(yùn)動(dòng)的半長(zhǎng)軸,則衛(wèi)星在軌道Ⅱ上運(yùn)動(dòng)的周期比沿軌道I運(yùn)動(dòng)的周期短,故A正確;B、衛(wèi)星由軌道Ⅰ到達(dá)P點(diǎn)時(shí)必須減速,使其受到的萬(wàn)有引力大于需要的向心力,而做近心運(yùn)動(dòng),使軌道半徑降低,從而進(jìn)入軌道Ⅱ,故B錯(cuò)誤;C、根據(jù)開(kāi)普勒第二定律得“嫦娥一號(hào)”在P點(diǎn)的線速度大于Q點(diǎn)的線速度,故C錯(cuò)誤;D、衛(wèi)星在軌道Ⅱ上P點(diǎn)的所受的萬(wàn)有引力等于在軌道I運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的萬(wàn)有引力,根據(jù)牛頓第二定律,知加速度相等,故D錯(cuò)誤。故選A。【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系;萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用 9.如圖所示,將一質(zhì)量為m的小球從空中O點(diǎn)以速度v0水平拋出,飛行一段時(shí)間后,小球經(jīng)過(guò)空間P點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為,不計(jì)空氣阻力,則下列結(jié)論不正確的是 ( ) A.小球經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)豎直分速度為 B.從O點(diǎn)到P點(diǎn),小球的高度下降 C.從O點(diǎn)到P點(diǎn)過(guò)程中,小球運(yùn)動(dòng)的平均速度為 D.從O點(diǎn)到P點(diǎn)過(guò)程中,小球運(yùn)動(dòng)的平均速度為 【答案】C【gkstk解析】A、由得,所以豎直分速度為,故A正確;B、豎直分速度為,由得,故B正確;CD、豎直方向由得,運(yùn)動(dòng)的時(shí)間,所以水平方向的位移,所以小球的總位移,平均速度為,故C錯(cuò)誤D正確;故選C!究键c(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng) 10.如圖所示,一個(gè)小物體A沿高為h、傾角為θ的光滑斜面以初速度v0頂端滑到底端,而相同的物體B以同樣大小的初速度從同等高度豎直上拋,不計(jì)空氣阻力,則下列判斷正確的是( ) A.兩物體落地時(shí)速度相同 B.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至落地過(guò)程中,重力對(duì)它們做功相同 C.兩物體落地時(shí),重力的瞬時(shí)功率相同D.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至落地過(guò)程中,重力對(duì)它們做功的平均功率相同 【答案】B【gkstk解析】A、兩個(gè)小球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中都是只有重力做功,根據(jù)機(jī)械能守恒可知兩物體落地時(shí)速率相同,故A錯(cuò)誤;B、重力做功只與初末位置有關(guān),物體的起點(diǎn)和終點(diǎn)一樣,所以重力做的功相同,所以B正確;C、由于兩個(gè)物體落地時(shí)的速度的方向不同,由瞬時(shí)功率的公式可以知道,重力的瞬時(shí)功率不相同,所以C錯(cuò)誤;D、平均功率等于做功的大小與所用的時(shí)間的比值,物體重力做的功相同,但是時(shí)間不同,所以平均功率不同,所以D錯(cuò)誤。故選B!究键c(diǎn)】功率、平均功率和瞬時(shí)功率;自由落體運(yùn)動(dòng) 11.有一質(zhì)量為m的木塊,從半徑為r的圓弧曲面上的a點(diǎn)滑向b點(diǎn),如圖所示.如果由于摩擦使木塊的運(yùn)動(dòng)速率保持不變,則以下敘述正確的是( ) A.木塊的加速度不變 B.木塊所受的合外力為零 C.木塊所受的力都不對(duì)其做功D.木塊所受的合外力不為零,但合外力對(duì)木塊做的功為零【答案】D【gkstk解析】A、加速度是矢量,木塊的加速度指向圓心,方向發(fā)生變化,故A錯(cuò)誤;B、做勻速圓周運(yùn)動(dòng),需要向心加速度,所以合外力不為零,故B錯(cuò)誤;C、重力做正功,摩擦力做負(fù)功,故C錯(cuò)誤;D、物塊速率保持不變,由動(dòng)能定理可知,合外力做功為零,故D正確。故選D!究键c(diǎn)】勻速圓周運(yùn)動(dòng);動(dòng)能定理 12.如圖所示,中間有孔的物塊A套在豎直桿上,通過(guò)滑輪用不可伸長(zhǎng)的輕繩將物體拉著勻速向上運(yùn)動(dòng),所有摩擦均不計(jì).則關(guān)于拉力F及拉力F的功率P,下列說(shuō)法正確的是( ) A.F不變,P減小 B.F增大,P不變 C.F增大,P增大D.F增大,P減小【答案】B【gkstk解析】設(shè)繩子與豎直方向上的夾角為θ,因?yàn)锳做勻速直線運(yùn)動(dòng),在豎直方向上合力為零,有:,因?yàn)棣仍龃,則F增大;物體A沿繩子方向上的分速度,則拉力的功率,知拉力的功率不變;故B正確。故選B!究键c(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用;力的合成與分解的安徽省屯溪一中2015屆上學(xué)期高三第三次月考_物理試題
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