2013-2014學(xué)年度高三第三次月考物 理 試 題一、選擇題：共12個(gè)小題，每小題4分，共48分。其中1-6題為單選，7-12為不定項(xiàng)選擇。1. 在力學(xué)理論建立的過程中，有許多偉大的科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)。關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說法正確的是A．第谷通過對(duì)天體運(yùn)動(dòng)的長期觀察，發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)三定律B．亞里士多德認(rèn)為力的真正效應(yīng)總是改變物體的速度，而不僅僅是使之運(yùn)動(dòng)C．牛頓最早指出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因 D．卡文迪許第一次在實(shí)驗(yàn)室里測出了引力常量【考點(diǎn)】物理學(xué)史【gkstk解析】卡文迪許測出了萬有引力常量G；開普勒得出了開普勒行星運(yùn)動(dòng)定律；亞里士多德的錯(cuò)誤觀點(diǎn)延續(xù)了兩千多年。2. 在如圖所示的電路中，當(dāng)閉合開關(guān)S后，若將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則正確的是A．電壓表和電流表的示數(shù)都增大 B．燈L2變暗，電流表的示數(shù)減小C．燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小 D．燈L2變亮，電容器的帶電量增加【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；電容．將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯(lián)的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮．R與燈L2并聯(lián)電路的電壓U并=U-U1，U減小，U1增大，U并減小，燈L2變暗．流過電流表的電流IA=I-I2，I增大，I2減小，IA增大，電流表的示數(shù)增大．3. 太陽圍繞銀河系中心的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)速度約為地球公轉(zhuǎn)速度的7倍，軌道半徑約為地球公轉(zhuǎn)軌道半徑的2×109倍，為了粗略估算銀河系中恒星的數(shù)目，可認(rèn)為銀河系中所有恒星的質(zhì)量都集中在銀河系中心，且銀河系中恒星的平均質(zhì)量約等于太陽質(zhì)量，則銀河系中恒星數(shù)目約為A．109B．1011C．1013D．1015【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用研究地球繞太陽做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，由太陽對(duì)地球的萬有引力充當(dāng)．根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律有整理得太陽繞銀河系運(yùn)動(dòng)也是由萬有引力充當(dāng)向心力，同理可得4．如圖所示，在傾角為37°（tan37°=）的斜面底端正上方h高處平拋一物體，該物體落到斜面上時(shí)速度方向正好與斜面垂直，則物體拋出時(shí)的初速度的大小是A． 　　　　　B．C．D．【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)【gkstk解析】解：設(shè)飛行的時(shí)間為t，則，因?yàn)槭谴怪毖b上斜面，斜面與水平面之間的夾角為37°，所以：因?yàn)樾泵媾c水平面之間的夾角為37°由三角形的邊角關(guān)系可知，解得：5．均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場．如圖所示，在半球面AB上均勻分布正電荷，總電荷量為q，球面半徑為R，CD為通過半球頂點(diǎn)與球心O的軸線，在軸線上有M、N兩點(diǎn)，OM=ON=2R．已知M點(diǎn)的場強(qiáng)大小為E，則N點(diǎn)的場強(qiáng)大小為A． B． C． D．【考點(diǎn)】電場強(qiáng)度；電場的疊加．將帶電量為2q的球面放在O處，均勻帶電的球殼在球外空間產(chǎn)生的電場等效于電荷集中于球心處產(chǎn)生的電場．則在M、N點(diǎn)所產(chǎn)生的電場為由題知當(dāng)半球面如圖所示產(chǎn)生的場強(qiáng)為E，則N點(diǎn)的場強(qiáng)為6. 一平行板電容器，兩板之間的距離和兩板面積都可以調(diào)節(jié)，電容器兩板與電池相連接．以表示電容器的電量，表示兩極板間的電場強(qiáng)度，則 A.當(dāng)減小、減小時(shí)，不變、不變 B.當(dāng)增大、不變時(shí)，增大、增大C.當(dāng)減小、減小時(shí)，增大、增大 D.當(dāng)增大、不變時(shí)，減小、減小【考點(diǎn)】電容器的動(dòng)態(tài)分析．電容器的兩極板與電池相連故電容器兩極板之間的電壓U保持不變，這是本題的突破口．根據(jù)可得隨d變化，確定兩極板間的電場強(qiáng)度E的變化．由電容的決定式，可根據(jù)S以及d的變化判斷電容C的變化情況，最后根據(jù)Q=CU判斷電容器所帶電量Q的變化．7．如圖所示，a，b，c，d是某勻強(qiáng)電場中的四個(gè)點(diǎn)，它們正好是一個(gè)矩形的四個(gè)頂點(diǎn)，ab=cd=L，ad=bc=2L，電場線與矩形所在平面平行。已知a點(diǎn)電勢為20V，b點(diǎn)電勢為24V。d點(diǎn)電勢為12V。一個(gè)質(zhì)子從b點(diǎn)以v0的速度射入電場，入射方向與bc成45°，一段時(shí)間后經(jīng)過C點(diǎn)。不計(jì)質(zhì)子的重力，下列判斷正確的是A．c點(diǎn)的電勢低于a點(diǎn)的電勢B．電場強(qiáng)度方向由b指向dC．質(zhì)子從b運(yùn)動(dòng)到c所用的時(shí)間為D．質(zhì)子從b運(yùn)動(dòng)到c，電場力做功為4 eV【考點(diǎn)】電勢能；電勢．A、在勻強(qiáng)電場中，沿著電場線方向每前進(jìn)相同的距離，電勢變化相等，故Ua-Ud=Ub-Uc，解得Uc=16V，則c點(diǎn)電勢低于a點(diǎn)電勢．故A正確；B、設(shè)ad連線中點(diǎn)為O，則其電勢為16V，故co為等勢面，電場線與等勢面垂直，則電場線沿著bo方向．故B錯(cuò)誤；C、由上可知，電場線沿著bo方向，質(zhì)子從b運(yùn)動(dòng)到c做為在平拋運(yùn)動(dòng)，垂直于bo方向做勻速運(yùn)動(dòng)，位移大小為則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為D、根據(jù)W=qU，質(zhì)子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電場力做功為W=qUbc=1e?（24V-16V）=8eV，故D錯(cuò)誤；8. 在空軍演習(xí)中，某空降兵從飛機(jī)上跳下，他從跳離飛機(jī)到落地的過程中沿豎直方向運(yùn)動(dòng)的v ? t圖像如圖所示，則下列說法正確的是 A．0~10s內(nèi)空降兵和傘整體所受重力大于空氣阻力B．第10s末空降兵打開降落傘，此后做勻減速運(yùn)動(dòng)至第15s末C．10s~15s空降兵豎直方向的加速度向上，加速度大小在逐漸減小D．15s后空降兵保持勻速下落，此過程中機(jī)械能守恒【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像．A、由圖可知，前10s內(nèi)空降兵做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故合外力應(yīng)向下，故重力大于空氣阻力，故A正確；B、10s后空降兵打開降落傘，由圖象可知，其做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C、10 s-15 s內(nèi)空降兵的速度在減小，加速度也在減小，故C；D、因空降兵在下落過程中受到空氣阻力，故機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤；9. 如圖所示，小車上有固定支架，支架上用細(xì)線拴一個(gè)小球，線長為l（小球可看作質(zhì)點(diǎn)），小車與小球一起以速度v0沿水平方向向左勻速運(yùn)動(dòng)。當(dāng)小車突然碰到矮墻后車立即停止運(yùn)動(dòng)，此后小球升高的最大高度可能是（線未被拉斷）A．大于 B．小于 C．等于D．等于2l【考點(diǎn)】牛頓第二定律；向心力如果小球的速度不能使小球做圓周運(yùn)動(dòng)，由機(jī)械能守恒可得，所以最大高度可能是，所以C正確．如果有空氣的阻力的話，機(jī)械能不守恒，最大高度就要小于；所以B正確．如果小球的速度能使小球做圓周運(yùn)動(dòng)，那么最大的高度就是圓周運(yùn)動(dòng)的直徑2L，所以D正確．10. 如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為m的物體以某一速度從A點(diǎn)沖上傾角為30°的斜面，其運(yùn)動(dòng)的加速度大小為3g/4，這個(gè)物體在斜面上升的最大高度為h，則這個(gè)過程中，下列判斷正確的是A．重力勢能增加了 B．動(dòng)能減少了 C．機(jī)械能減少了 D．物體克服摩擦力的功率隨時(shí)間在均勻減小【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律【gkstk解析】由題，物體在斜面上上升的最大高度為h，物體克服重力做功為mgh，則重力勢能增加了mgh．故A錯(cuò)誤根據(jù)動(dòng)能定理得：則物體的動(dòng)能損失了故由上知道，重力勢能增加了mgh，物體的動(dòng)能損失；摩擦力大小不變，物體的速度均勻變化，則摩擦力的功率均勻變化。11. 質(zhì)量相等的兩木塊A、B用一輕彈簧栓接，靜置于水平地面上�，F(xiàn)用一豎直向上的力F拉動(dòng)木塊A，使木塊A向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。從木塊A開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)到木塊B將要離開地面時(shí)的這一過程，下列說法正確的是（設(shè)此過程彈簧始終處于彈性限度內(nèi) ）A．力F一直增大B．彈簧的彈性勢能一直減小C．木塊A的動(dòng)能和重力勢能之和一直增大D．兩木塊A、B和輕彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能先增大后減小【考點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律；動(dòng)能定理的應(yīng)用．解：A、最初彈簧被壓縮，A物體受到豎直向上的彈力等于重力，由于A物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)A受力分析，列出牛頓第二定律解出對(duì)應(yīng)的表達(dá)式；當(dāng)B物體要離開地面時(shí)地面的支持力為零，彈簧對(duì)B物體向上的拉力等于B物體的重力，即彈簧對(duì)A物體向下的拉力等于B的重力，再列出牛頓第二定律即可解出此所需的拉力F大小．得出拉力一直增大，故A正確；B、在A上升過程中，彈簧從壓縮到伸長，所以彈簧的彈性勢能先減小后增大，故B錯(cuò)誤；C、在上升過程中由于物體A做勻加速運(yùn)動(dòng)，所以物體A的速度增大，高度升高，則木塊A的動(dòng)能和重力勢能之和增大，故C；D、在上升過程中，除重力與彈力做功外，還有拉力做正功，所以兩木塊A、B和輕彈簧組成的系統(tǒng)的機(jī)械能一直增大．故D錯(cuò)誤；12. 質(zhì)量為m，帶電量為+q的小球從距離地面高為h處以一定的初速度水平拋出，在距拋出點(diǎn)水平距離L處，有一根管口比小球直徑略大的豎直細(xì)管，管的上口距離地面h/2．為使小球能無碰撞的通過管子，可以在管口上方的整個(gè)區(qū)域內(nèi)加上水平方向的勻強(qiáng)電場，如圖，則下列說法中正確的是A.所加電場方向應(yīng)該水平向左B.小球平拋的水平初速度大小為C.所加電場的電場強(qiáng)度為 D.小球落地的動(dòng)能為mgh+ 【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；平拋運(yùn)動(dòng)；電場強(qiáng)度．（1）豎直方向，自由落體運(yùn)動(dòng)，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：，水平方向，粒子做勻減速運(yùn)動(dòng)，減速至0位移解得?故小球的初速度為（2）水平方向，根據(jù)牛頓第二定律：又由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式：解得，方向水平向右．?（3）由動(dòng)能定理：WG+W電=EK，即：解得：三、實(shí)驗(yàn)題（13題8分，14題10分）13. 利用光電門可以測量運(yùn)動(dòng)物體擋光時(shí)間內(nèi)的平均速度，因?yàn)閾豕馄�較窄，所以可看做測量的是瞬時(shí)速度。為了測量做勻變速直線運(yùn)動(dòng)小車的加速度，將寬度均為b的擋光片A、B固定在小車上，如右圖所示。（1）當(dāng)小車勻變速經(jīng)過光電門時(shí)，測得A、B先后擋光的時(shí)間分別為Δt1和Δt2，A、B開始擋光時(shí)刻的時(shí)間間隔為t，則小車的加速度a=____________。（2）（單選題）實(shí)驗(yàn)中，若擋光片的寬度b較大，用上述方法測得的加速度與真實(shí)值間會(huì)有一定的差距，則下列說法正確的是（）A．若小車做勻加速運(yùn)動(dòng)，則測量值大于真實(shí)值；若小車做勻減速運(yùn)動(dòng)，則測量值小于真實(shí)值B．若小車做勻加速運(yùn)動(dòng)，則測量值小于真實(shí)值；若小車做勻減速運(yùn)動(dòng)，則測量值大于真實(shí)值C．無論小車做勻加速運(yùn)動(dòng)還是做勻減速運(yùn)動(dòng)，測量值均大于真實(shí)值D．無論小車做勻加速運(yùn)動(dòng)還是做勻減速運(yùn)動(dòng)，測量值均小于真實(shí)值1）（2）B【解析版】河北正定中學(xué)2014屆高三上學(xué)期第三次月考_物理試題
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