樹德中學高2015級第三期10月階段性考試物理試題考試時間：80分鐘 滿分：100分 一、選擇題：（共10小題，每小題4分，共40分，選對但不全得2分，錯選不得分。） 1．兩個可以自由移動的點電荷分別放在A、B兩處，如圖1所示，A處電荷帶正電Q1，B處電荷帶負電Q2，且Q2 = 4Q1，另取一個可以自由移動的點電荷Q3，放在AB直線上，欲使整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，則（ ）A．Q3為負電荷，且放于A左方 B．Q3為負電荷，且放于B右方C．Q3為負電荷，且放于AB之間 D．Q3為正電荷，且放于B右方【答案】A【gkstk解析】假設Q3放在Q1Q2之間，那么Q1對Q3的電場力和Q2對Q3的電場力方向相同，Q3不能處于平衡狀態(tài)，所以假設不成立。設Q3所在位置與Q1的距離為r13，Q3所在位置與Q2的距離為r23，要能處于平衡狀態(tài)，所以Q1對Q3的電場力大小等于Q2對Q3的電場力大小。即：，所以r23=2r13，所以Q3位于Q1的左方。根據(jù)同種電荷排斥，異種電荷吸引，可判斷Q3帶負電。故選A�！究键c】庫侖定律2．如圖所示，分別在M、N兩點固定放置兩個點電荷+Q和－q (Q>q) ，以MN連線的中點O為圓心的圓周上有四點A、B、C、D，關于這四點的場強和電勢，下列說法中正確的是（ ）A．A點電勢高于B點電勢B．A點場強小于B點場強C．C點電勢低于D點電勢D．C點場強大于D點場強【答案】A【gkstk解析】A、由題，電場線方向由M指向N，則A點電勢高于B點電勢，故A正確；B、由于Q＞q，A點處電場線比B點處電場線密，A點場強大于B點場強，故B錯誤；C、電場線從Q出發(fā)到q終止，關于MN對稱，則C點電勢等于D點電勢，故C錯誤；D、由于電場線關于MN對稱，C、D兩點電場線疏密程度相同，則C點場強等于D點場強，故D錯誤。故選A。【考點】電勢；電場強度3．如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面， 相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab＝Ubc，實線為一帶正電的質(zhì)點僅在電場力的作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知(　　)A．三個等勢面中，a的電勢最高B．帶電質(zhì)點通過P點的電勢能較Q點大C．帶電質(zhì)點通過P點的動能較Q點大D．帶電質(zhì)點通過P點時的加速度較Q點小【答案】B【gkstk解析】A、電荷所受電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故c等勢線的電勢最高，a等勢線的電勢最低，故A錯誤；B、根據(jù)質(zhì)點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故B正確；C、從P到Q過程中電場力做正功，電勢能降低，動能增大，故P點的動能小于Q點的動能，故C錯誤；D、等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強，電場力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故D錯誤。故選B�！究键c】等勢面4．如圖所示，質(zhì)量為m1、帶有正電荷q的金屬小球和質(zhì)量為m2、不帶電的小木球之間用絕緣細線相連，置于豎直向上、場強為E、范圍足夠大的勻強電場中，兩球恰能以速度v勻速豎直上升．當小木球運動到A點時細線突然斷開，小木球運動到B點時速度為零，重力加速度為g，則（ ） A．小木球的速度為零時，金屬小球的速度大小為B．小木球從點A到點B的過程中，A、B組成的系統(tǒng)，機械能在增加 C．A、B兩點之間的電勢差為D．小木球從點A到點B的過程中，小木球動能的減少量等于兩球重力勢能的增量，而電場力對金屬小球所做的功等于金屬小球的機械能增加量 【答案】BC【gkstk解析】A、斷開細線后，兩球組成的系統(tǒng)合力為零，總動量守恒，根據(jù)動量守恒定律得，得，金屬小球的速度大小為，故A錯誤；B、對系統(tǒng)，電場力做正功是系統(tǒng)的機械能增大，故B正確；C、斷開細線后，木球的機械能守恒，則有，得，即A、B間距離為，兩點A、B之間的電勢差為，故C正確；D、小木球從點A到點B的過程中，其動能的減少量等于木球重力勢能的增加量，故D錯誤。故選BC。【考點】電勢差；功能關系；電勢能；動量守恒定律5、如圖所示，光滑絕緣水平桌面上有A、B兩個帶電小球（可以看成點電荷），A球帶電量為+2q，B球帶電量為-q，將它們同時由靜止開始釋放，A球加速度的大小為B球的3倍．現(xiàn)在AB中點固定一個帶電小球C（也可看作點電荷），再同時由靜止釋放A、B兩球，釋放瞬間兩球加速度大小相等．則C球帶電量可能為 （ ）A．q B．q C．q D．q【答案】CD【gkstk解析】由靜止開始釋放，A球加速度的大小為B球的3倍．根據(jù)牛頓第二定律可知，A、B兩個帶電小球的質(zhì)量之比為1：3；當在AB中點固定一個帶電小球C，由靜止釋放A、B兩球，釋放瞬間兩球加速度大小相等，則有C球帶正電；若A的加速度向右：根據(jù)庫侖定律與牛頓第二定律有：對A來說，對B來說，解得，；若A的加速度向左：根據(jù)庫侖定律與牛頓第二定律有：對A來說，對B來說，解得，；故選CD�！究键c】庫侖定律6．如圖所示為勻強電場的電場強度E隨時間t變化的圖像．當t=0時，在此勻強電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是 ( )A．帶電粒子將始終向同一個方向運動B．2s末帶電粒子回到原出發(fā)點C．3s末帶電粒子的速度不為零D．O～3s內(nèi)，電場力做的總功為零【答案】D【gkstk解析】A、由牛頓第二定律可知，帶電粒子在每個周期的第一秒和三秒內(nèi)，帶電粒子的加速度大小為，第二秒的加速度大小為，得，粒子在第1s內(nèi)做初速度為零的勻加速運動，第2s內(nèi)沿反向做勻減速運動，1.5s末后開始反方向運動，故A錯誤；B、第二秒內(nèi)先用秒做勻減速接著秒反向加速，勻減速和勻加速對稱，所以第二秒的位移為零，所以2s末帶電粒子在第一秒末的位置，不在出發(fā)點，故B錯誤；C、接著B選項繼續(xù)分析：2s末速度反向，與1s末等大，所以第三秒內(nèi)反向勻減速，3s末速度為零，故C錯誤；D、3s末回到出發(fā)點，所以電場力做功為零，故D正確。故選D�！究键c】帶電粒子在勻強電場中的運動7．如圖所示，把一個平行板電容器接在電壓U=10 V的電源上，現(xiàn)進行下列四步操作：(1)閉合S；(2)在兩板中央插入厚為d/2的金屬板；(3)斷開S；(4)抽出金屬板，則（ ） A．閉合S瞬間電容器會充電、 且B板帶正電B．兩板中央插入厚為d/2的金屬板穩(wěn)定后，電容器的電量為原來2倍C．抽出金屬板后，AB板的電壓U=10VD．如兩板中央插入厚為d/2的陶瓷后，電容器的電量也為原來2倍(陶瓷的電介常數(shù)>2)【答案】B【gkstk解析】A、由電路的接法可知B板帶負電，故A錯誤；B、插入厚為d/2的金屬板穩(wěn)定后，電容器等效為兩個電容器串聯(lián)，由可知，電容變?yōu)樵瓉淼?倍，而一個電容器兩端的電壓變?yōu)樵瓉淼�，由得，電量變�(yōu)樵瓉淼?倍，故B正確；C、斷開S后，電容器所帶的電荷量不再發(fā)生變化，抽出金屬板后電容和最初相同，通過B選項知電量是2倍，由得，電壓變?yōu)樽畛醯?倍，所以電容器兩端的電壓變?yōu)?0V，故C錯誤；D、如兩板中央插入厚為d/2的陶瓷，則只改變電容器的介電常數(shù)，由知，電容比原來的兩倍還大，由得，Q比原來的兩倍還多，故D錯誤。故選B�！究键c】電容；電容器8．如圖所示，MPQO為有界的豎直向下的勻強電場，場強度為E，ACB為光滑固定的半圓形軌道，軌道半徑為R，A、B為圓水平直徑的兩個端點，AC為圓弧．一個質(zhì)量為m，電荷量為-q的帶電小球，從A點正上方高為H處由靜止釋放，并從A點沿切線進入半圓軌道．不計空氣阻力及一切能量損失，關于帶電小球的運動情況，下列說法正確的是( )A．小球一定能從B點離開軌道B．小球到達C點的速度可能為零C．若Eq=mg，且H大于R時，小球能從B點離開且上升的高度為D．小球在AC部分不可能做勻速圓周運動【答案】C【gkstk解析】A、由于題中沒有給出H與R、E的關系，所以小球不一定能從B點離開軌道，故A錯誤；B、若小球到達C點的速度為零，則電場力大于重力，則小球不可能沿半圓軌道運動，所以小球到達C點的速度不可能為零，故B錯誤；C、由釋放到B的過程，由動能定理得，解得，因為H大于R，所以v為正值，說明能到達B點；之后小球做上拋運動，由動能定理可得上升的高度，故C正確；D、若重力大小等于電場力，小球在AC部分做勻速圓周運動，故D錯誤。故選C�！究键c】帶電粒子在勻強電場中的運動；牛頓第二定律；向心力；動能定理9．如圖所示，一個電量為-Q的點電荷甲，固定在絕緣水平面上的O點．另一個電量為+q及質(zhì)量為m的點電荷乙，從A點以初速度v0沿它們的連線向甲運動，到B點的速度最小為v．已知點電荷乙與水平面的動摩擦因數(shù)為μ、AB間距離為L0及靜電力常量為k，則 （ ）A．OB間的距離大于B．點電荷乙能越過B點向左運動，其電勢能仍增多C．在點電荷甲形成的電場中，AB間電勢差 D．從A到B的過程中，電場力對點電荷乙做的功為【答案】C【gkstk解析】A、當速度最小時有：，解得：，故A錯誤；B、在小球向左運動過程中電場力一直做正功，因此電勢能一直減小，故B錯誤；C、從A到B的過程中，根據(jù)動能定理有：，解得，故C正確；D、乙電荷從A運動B過程中，根據(jù)動能定理有：，解得，電場力對點電荷乙做的功為，故D錯誤。故選C�！究键c】電勢能；動能定理；電勢差10．示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖甲所示。如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間加上圖丙所示的幾種電壓，熒光屏上可能會出現(xiàn)圖乙中(a)、(b)所示的兩種波形。則A．若XX/和YY/分別加電壓(3)和(1)，熒光屏上可以出現(xiàn)圖乙中(a)所示波形B．若XX/和YY/分別加電壓(4)和(1)，熒光屏上可以出現(xiàn)圖乙中(a)所示波形C．若XX/和YY/分別加電壓(3)和(2)，熒光屏上可以出現(xiàn)圖乙中(b)所示波形D．若XX/和YY/分別加電壓(4)和(2)，熒光屏上可以出現(xiàn)圖乙中(b)所示波形【答案】AC【gkstk解析】要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓，即掃描電壓。B和D在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓（4）不可能要水平向完成偏轉(zhuǎn)，而AC在XX′偏轉(zhuǎn)電極接入的是（3）鋸齒形四川省成都樹德中學2015-2016學年上學期高二10月階段性考試試卷_物理
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