荊門市2015-2016學(xué)年度上學(xué)期期末質(zhì)量檢測高物 理1．對于由點電荷Q產(chǎn)生的電場，下列說法正確的是 A．電場強(qiáng)度的表達(dá)式，式中的Q就是產(chǎn)生電場的點電荷所帶電荷量B．在真空中，點電荷產(chǎn)生電場強(qiáng)度的表達(dá)式為E=，式中Q就是產(chǎn)生電場的點電荷所帶電荷量?C．在真空中E=，式中Q是試探電荷所帶電荷量?D．點電荷產(chǎn)生電場強(qiáng)度的表達(dá)式E=，?2．關(guān)于電動勢E的下列說法中正確的是A．電動勢E的單位與電勢、電勢差的單位相同B．電電動勢的C．電動勢E可表示為E=，由此可知電源內(nèi)非靜電力做功越多，電動勢越大D．電動勢較大，表示電源內(nèi)部將其它形式能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大3．物理學(xué)家通過艱苦的實驗來探究自然的物理規(guī)律，為人類的科學(xué)做出了巨大貢獻(xiàn)，值得我們敬仰．下列描述中符合物理學(xué)史實的是A．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象并總結(jié)出了法拉第電磁感應(yīng)定律B．洛倫茲通過實驗測定了磁場對電流的作用力C．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)并提出了分子電流假說D．楞次確定感應(yīng)電流方向的定律——楞次定律4．5. 磁場中某區(qū)域的磁感線，如圖所示，則A．a(chǎn)、b兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不等，Ba>BbB．a(chǎn)、b兩處的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小不等，BaF1，根據(jù)這兩個數(shù)據(jù)，可以確定A．磁場的方向 B．磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小C．安培力的大小 D．銅棒的重力10．如圖所示，兩根光滑的金屬導(dǎo)軌，平行放置在傾角為θ的斜面上，導(dǎo)軌的左端接有電阻R，導(dǎo)軌自身的電阻不計，磁場方向垂直于斜面向上，質(zhì)量為m、電阻不計的金屬棒ab在沿著斜面與棒垂直的恒力F作用下沿導(dǎo)軌勻速上滑h高度，在此過程中 A．作用于金屬棒上的各個力的合力所做的功等于零B．作用于金屬棒上的各個力的合力所做的功等于mgh與電阻R上發(fā)出的焦耳熱之和C．恒力F與安培力的合力所的功等于零D．恒力F與重力的合力所做的功等于電阻R上發(fā)出的焦耳熱二、11．為觀察電磁感應(yīng)現(xiàn)象，某學(xué)生將靈敏電流表螺線管A和B蓄電池電鍵用導(dǎo)線連接成如圖所示的實驗電路當(dāng)只接通和斷開電鍵時，靈敏電流表的指針都沒有偏轉(zhuǎn)，其原因是__________A．電鍵位置接錯B．靈敏電流表的正負(fù)極接反C．線圈B的接頭34接反D．蓄電池的正負(fù)極接反12．某同學(xué)要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ．步驟如下：分別用游標(biāo)為20分度的游標(biāo)卡尺和螺旋測微器測量其長度和直徑如圖，可知其長度為 mm，直徑為 mm；（2）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值約為 Ω；（3）該同學(xué)想用伏安法更精確地測量其電阻R， 現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R 電流表A1（量程0～4mA，內(nèi)阻約50Ω）電流表A2（量程0～10mA，內(nèi)阻約30Ω） 電壓表V1（量程0～3V，內(nèi)阻約10kΩ）電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約25kΩ）直流電源E（電動勢4V，內(nèi)阻不計）滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω，最大電流2.0A）滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ，最大電流0.5A）開關(guān)S導(dǎo)線若干要求測得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，請在框中畫出測量的電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號．13．（10分）如圖所示是說明示波器工作原理的示意圖，已知兩平行板間的距離為d、板長為電子經(jīng)電壓為U1的電場加速后從兩平行板間的中央處垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場，設(shè)電子質(zhì)量為m、電荷量為e 求：（1）經(jīng)電場加速后電子速度v的大�。唬�2）要使電子離開偏轉(zhuǎn)電場時的偏轉(zhuǎn)量最大，兩平行板間的電壓U2應(yīng)是多大？14．（1分） 如圖所示，電源電動勢E＝10 V，內(nèi)阻r＝1 Ω，R1＝3 Ω，R2＝6 Ω，C＝30 μF.（1）閉合開關(guān)S，求穩(wěn)定后通過R1的電流；（）然后將開關(guān)S斷開，求電容器兩端的電壓變化量和斷開開關(guān)后流過R1的總電量；（）如果把R2換成一個可變電阻，其阻值可以在0～10 Ω范圍變化，求開關(guān)閉合并且電路穩(wěn)定時，R2消耗的最大電功率．1．（1分）16．（1分） 如圖所示，兩根豎直放置的平行光滑金屬導(dǎo)軌，上端接阻值R＝3 Ω的定值電阻．水平虛線A1、A2間有與導(dǎo)軌平面垂直的勻強(qiáng)磁場B，磁場區(qū)域的高度為d＝0. m．導(dǎo)體棒a的質(zhì)量ma＝0.2 kg，電阻Ra＝3 Ω；導(dǎo)體棒b的質(zhì)量mb＝0.1 kg，電阻Rb＝6 Ω.它們分別從圖中P、Q處同時由靜止開始在導(dǎo)軌上無摩擦向下滑動，且都能勻速穿過磁場區(qū)域，當(dāng)b剛穿出磁場時a正好進(jìn)入磁場．設(shè)重力加速度為g＝10 m/s2，不計a、b之間的作用，整個過程中a、b棒始終與金屬導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌電阻忽略不計．求：（1）在整個過程中，a、b兩棒克服安培力做的功分別；（）a、b棒進(jìn)入磁場的速度；（）分別求出P點和Q點距A1的高度．荊門市高二物理參考答案及評分說明一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共40分）1.B 2.D 3.D 4.A 5.B 6. C 7.BD 8. AB 9.ACD 10.AD二、本題共2小題，共14分。11．A （4分） 12．(1)50.15 4.700 (2)220 (3)分壓外接法，圖略13．解：（1）經(jīng)電場加速后電子的動能 （2分） 則經(jīng)電場加速后電子的速度為： （1分） （2）電子離開偏轉(zhuǎn)電場偏轉(zhuǎn)角度最大時的偏轉(zhuǎn)量為電子所受偏轉(zhuǎn)電場的電場力： 　 （1分）由牛頓第二定律（2分）電子沿偏轉(zhuǎn)電場方向作初速度為零的勻加速直線運(yùn)動： （1分） （1分） 聯(lián)立求解，得 : （2分）14．解（）穩(wěn)定時，電容器看做斷開狀態(tài)，電路中的電流I＝＝ A＝1 A， （2分）（2）S閉合，電路處于穩(wěn)定狀態(tài)時，電容器兩端的電壓U＝IR2＝1×6 V＝6 V， （分）斷開開關(guān)后，電容器兩端的電壓為10 V，所以ΔU＝4 V， （2分）流過R1的總電量為ΔQ＝ΔU?C＝4×30×10－6 C＝1.2×10－4 C. （2分） （）當(dāng)R2＝R1＋r＝4 Ω時，R2消耗的電功率最大，（分）P2＝E(R1＋r)＝6.25 W. （2分）15．1） 粒子在t0時間內(nèi)，速度方向改變了90°，故周期 T=4t0 （3分） 由T=得B= （3分） （2）在同一點射出磁場的兩粒子軌跡如圖，軌跡所對應(yīng)的圓心角分別為和，由幾何關(guān)系有 =180°- （3分） 故t1+ t2==2t0 （3分）16．解（）導(dǎo)體棒只有通過磁場時才受到安培力，因兩棒均勻速通過磁場，由能量關(guān)系知，克服安培力做的功與重力功相等，有Wa＝magd＝.6 J （1分） Wb＝mbgd＝0. J （1分） （2）設(shè)b棒在磁場中勻速運(yùn)動的速度為vb，此時b棒相當(dāng)于電源，a棒與電阻R并聯(lián)，此時整個電路的總電阻為R1＝7.5 Ω，b棒中的電流為Ib＝ （1分）根據(jù)平衡條件有：＝mbg （1分）設(shè)a棒在磁場中勻速運(yùn)動時速度為va，此時a棒相當(dāng)于電源，b棒與電阻R并聯(lián)，此時整個電路的總電阻為R2＝5 Ω.a棒中的電流為Ia＝ （1分） 根據(jù)平衡條件有：＝mag （1分）解得＝（1分）設(shè)b棒在磁場中運(yùn)動的時間為t，有d＝vbt （1分）因b剛穿出磁場時a正好進(jìn)入磁場，則va＝vb＋gt （1分）解得va＝ m/s，vb＝ m/s. （1分） （）設(shè)P點和Q點距A1的高度分別為ha、hb，兩棒在進(jìn)入磁場前均做自由落體運(yùn)動，有：v＝2gha，v＝2ghb 解得ha＝ m，hb＝0.5 m. （分） 每天發(fā)布最有價值的高考資源 每天發(fā)布最有價值的高考資源 每天發(fā)布最有價值的BFG+-2A34B1湖北省荊門市2015-2016學(xué)年度高二上學(xué)期期末質(zhì)量檢測物理試題
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